Novo

Forum kao aplikacija na telefonu

Dodajte forum na početni ekran i koristite ga kao aplikaciju, sa menijem na dnu ekrana.

  • 14 odgovora
  • 12.862 pregleda

Najnovija ↓

Jednakokraki trougao 27.10.2006. u 17:14 · pre 243 meseca #1
Dat je trougao ABC gde je AB=AC. Na stranici AC uzeta je tačka D, a na stranici AB tačka E tako da je BC=CD=DE=EA. Naći \angle A.
Re: Jednakokraki trougao 27.10.2006. u 18:27 · pre 243 meseca #2
Neka je BC=a i AC=BC=b. Nije tesko videti da je CE bisektrisa ugla BCA, pa je AE=\frac{b^2}{a+b}. Kako je BC=AE, to je a=\frac{b^2}{a+b}, pa je b^2=a^2+ab, odnosno \omega^2+\omega-1=0, gde je \omega=\frac{a}{b}. Odavde je \omega=\frac{\sqrt{5}-1}{2}=2\cos{36^{\circ}}. Kako je \sin{\frac{\angle A}{2}}=\frac{a}{2b}, dobijamo da je \cos{36^{\circ}}=\sin{\frac{\angle A}{2}}, pa je \angle A=108^{\circ}.
Re: Jednakokraki trougao 27.10.2006. u 22:27 · pre 243 meseca #3
Ako je \angle A=108^\circ, onda je BC>CA, pa se na STRANICI (ne na pravoj) AC ne može naći tačka D koja bi odgovarala datim uslovima.

Sem toga, CE ne može biti bisektrisa ugla BCA - eventualno BD može biti bisektrisa ugla ABC, ali i to treba dokazati.
Re: Jednakokraki trougao 28.10.2006. u 02:08 · pre 243 meseca #4


Neka je \alpha:=\angle A, \beta=\angle B.

\Delta AED je jednakokraki, pa je \angle NDE=\alpha, odatle odmah sledi \angle NCE={\alpha\over 2}.
\angle TED=2\alpha, pa kako je \Delta EDC jednakokraki tj. \angle DEM=\angle DCM=\angle NCE={\alpha\over 2} dobijamo \angle TEM={3\over 2}\alpha.

Neka je CL normala na AB, kako je \alpha+2\beta=\pi tj. {\alpha\over 2}+\beta={\pi\over 2} jasno je da mora biti \angle BCL={\alpha\over 2}.

\Delta BCL\cong\Delta DEM pa je EC=2LC a otuda i \angle LEC=\angle TEM={\pi\over 6}.
Najzad, {3\over 2}\alpha={\pi\over 6} tj. \alpha={\pi\over 9}=20^\circ
Potpis
Attempt all the problems. Those you can do, don't do. Do the ones you cannot.
Re: Jednakokraki trougao 28.10.2006. u 02:54 · pre 243 meseca #5
Lepo rešenje, uraniume! :)

Navodim i svoje (videti priloženu sliku).



Neka je b=AB=AC, x=BC=CD=DE=EA. Tada je BE=DA=b-x. Konstruišimo tačku M unutar \triangle ABC takvu da je \triangle EMB\cong\triangle DEA. Ako je \alpha=\angle BAC(=\angle ADE), onda \angle MED=\pi-\angle AED-\angle BEM=\pi-(\pi-2\alpha)-\alpha=\alpha. Pošto je EM=ED=x, dobijamo \angle EDM={\pi-\alpha\over 2}. Stoga je \angle CDM=\pi-\angle EDM-\angle ADE=\pi-{\pi-\alpha\over 2}-\alpha={\pi-\alpha\over 2}=\angle EDM, te se ima \mathrm{SUS}\Longrightarrow\triangle EDM\cong\triangle CDM\Longrightarrow MC=ME=x. Prema tome, \triangle BMC je jednakostraničan, što znači da ugao pri osnovici \triangle ABC iznosi {\pi\over 3}+\alpha, što nam daje \alpha+2\left({\pi\over 3}+\alpha\right)=\pi\Longleftrightarrow\alpha={\pi\over 9}=20^\circ
Re: Jednakokraki trougao 28.10.2006. u 03:32 · pre 243 meseca #6
Kako li to uoči...svaka čast! :-)
Je l' ti to slažeš tangrame u slobodno vreme? :)

Tangram Applet
Potpis
Attempt all the problems. Those you can do, don't do. Do the ones you cannot.
Re: Jednakokraki trougao 28.10.2006. u 03:53 · pre 243 meseca
izmenjeno 1 put, poslednji put Farenhajt 28.10.2006. u 04:06
  1. Farenhajt28.10.2006. u 04:06zapis iz teksta poruke
#7
Neko slaže tangrame, a neko pak crta krugove u pesku :-)

I tek sad primetih da sam bespotrebno zakomplikovao: Nakon što ustanovimo da je \angle MED=\alpha, imamo da je \angle MED=\angle EDA\Longrightarrow EM\#DC\Longrightarrow MC\#ED, pa odmah dobijamo MC=x
Re: Jednakokraki trougao 30.10.2006. u 21:14 · pre 243 meseca #9
Naišao sam na još jedno izuzetno elegantno rešenje, koje prosto moram da podelim s vama iako nije moje :)



Produžimo CE preko E do tačke X takve da je CX\perp AX. Neka je \alpha=\angle BAC. Tada je \angle DEC+\angle DCE=\angle EDA=\alpha\Longrightarrow \angle DCE={\alpha\over 2}. Dakle, \triangle ACX je polovina \triangle ABC, pa je stoga AX={BC\over 2}={x\over 2}. Pošto je AE=x, uglovi \triangle AEX su 30-60-90, pa oštri uglovi pravouglog \triangle ACX iznose {\alpha\over 2} i 60^\circ+\alpha, što daje \alpha=20^\circ.
Re: Jednakokraki trougao 30.10.2006. u 22:33 · pre 243 meseca #10
Možete li da kažete koje programe koristite za crtanje slika? Meni je nekako najzgodniji Cabri Geometry, ovo uraniumovo mi liči na The Geometer's Sketchpad, dok ne mogu da prepoznam Farenhajtov program.
Potpis
Ljubičice crvena, što si plava kô zelena trava.
Re: Jednakokraki trougao 31.10.2006. u 00:15 · pre 243 meseca
izmenjeno 1 put, poslednji put Farenhajt 31.10.2006. u 13:32
  1. Farenhajt31.10.2006. u 13:32zapis iz teksta poruke
#11
Ja koristim domaćih ruku delo - Win GCLC (downloadujmo domaće, obnovimo Srbiju) - uglavnom zato što je u fully functional verziji potpuno besplatan.
Re: Jednakokraki trougao 31.10.2006. u 00:49 · pre 243 meseca #12
Reci mi molim Te, ili pošalji link za dld. Probao sam da "izguglujem" ali sam dobio samo informaciju da je autor softvera nagrađen nekom nagradom. Mislim, svaka čast, ali ...
Potpis
potpis
Re: Jednakokraki trougao 31.10.2006. u 04:48 · pre 243 meseca #14
@Farenhajt:

Zaista prelepo rešenje...iznenađenjima nikad kraja :)

@Bojan Basic:

Da, u pitanju je The Geometer's Sketchpad 4.07S.
Pre toga, najduže sam se služio već pomenutim WinGCLC-om, a neko kratko vreme koristio sam i Cabri Geometry II Plus.

WinGCLC je zanimljiv program, naročito za one koji se "lože" na Logiku i Programiranje :)
In the long run, not as user-friendly as advertised

Što se tiče Cabri Geometry II Plus, nije bilo nekih suštinskih problema, naprosto više mi se dopao Sketchpad-ov interfejs (i graf. prikaz konstrukcije)...

@Farenhajt:

U vezi sa onim hintom:

Pošto ćeš u narednim danima verovatno biti češće na forumu od mene, a kako verujem, nisi jedini zainteresovan za alternativna rešenja ;), ja bih ta pitanja regulisao s tobom van ovog foruma, a onda, ako nemaš ništa protiv, neka svi ostali to regulišu s tobom



a možda je (u karmičkom smislu) poštenije da se prosleđuje žeton :D


Potpis
Attempt all the problems. Those you can do, don't do. Do the ones you cannot.
Re: Jednakokraki trougao 01.11.2006. u 06:30 · pre 243 meseca
izmenjeno 1 put, poslednji put Farenhajt 01.11.2006. u 06:50
  1. Farenhajt01.11.2006. u 06:50zapis iz teksta poruke
#15
Maločas uočih još jedno rešenje, koje mi deluje najprostije dosad :)



Uz \triangle ABC docrtajmo podudaran \triangle ABF i na kraku BF nađimo tačku G takvu da je BG=BC. Tada je po konstrukciji i početnim uslovima GE=BC. Zatim BG\#CD\Longrightarrow GD=BC, pa je \triangle EGD jednakostraničan, što daje \angle GED=60^\circ. S druge strane, očito je da je \angle BED=2\angle BAC (spoljašnji ugao jednakokrakog \triangle AED) i da je \angle GEB=\angle GBE=\angle BAC. Dakle, \angle GED=\angle GEB+\angle BED=3\angle BAC\Longrightarrow\angle BAC=20^\circ
Prijavite se da biste odgovorili u ovoj temi.PrijavaRegistracija

Premeštanje teme